bitmap_guisu，程序人生。 逆水行舟，不进则退。(3)

56 50 33

1= 0000 0001 0000 0100 0000 0000 0000 0010

199

6= 0000 0000 0000 0000 0000 0000 1000 0000

【问题实例】

已知某个文件内包含一些电话号码，每个号码为8位数字，统计不同号码的个数。

8位最多99 999 999，大概需要99m个bit，大概10几m字节的内存即可。 （可以理解为从0-99 999 999的数字，每个数字对应一个Bit位，所以只需要99M个Bit==1.2MBytes，这样，就用了小小的1.2M左右的内存表示了所有的8位数的电话）


2)2.5亿个整数中找出不重复的整数的个数，内存空间不足以容纳这2.5亿个整数。
将bit-map扩展一下，用2bit表示一个数即可，0表示未出现，1表示出现一次，2表示出现2次及以上，在遍历这些数的时候，如果对应位置的是0，则将其置为1；如果是1，将其置为2；如果是2，则保持不变。或者我们不用2bit来进行表示，我们用两个bit-map即可模拟实现这个2bit-map，都是一样的道理。

实现：

// TestWin32.cpp : Defines the entry point for the console application. #include "stdafx.h" #include<memory.h> //用char数组存储2-Bitmap,不用考虑大小端内存的问题 unsigned char flags[1000]; //数组大小自定义 unsigned get_val(int idx) { //| 8 bit | //|00 00 00 00| //映射3 2 1 0 //|00 00 00 00| //表示7 6 5 4 //…… //|00 00 00 00| int i = idx/4; //一个char 表示4个数， int j = idx%4; unsigned ret = (flags[i]&(0x3<<(2*j)))>>(2*j); //0x3是0011 j的范围为0-3，因此0x3<<(2*j)范围为00000011到11000000 如idx=7 i=1 ,j=3 那么flags[1]&11000000, 得到的是|00 00 00 00| //表示7 6 5 4 return ret; } unsigned set_val(int idx, unsigned int val) { int i = idx/4; int j = idx%4; unsigned tmp = (flags[i]&~((0x3<<(2*j))&0xff)) | (((val%4)<<(2*j))&0xff); flags[i] = tmp; return 0; } unsigned add_one(int idx) { if (get_val(idx)>=2) { //这一位置上已经出现过了？？ return 1; } else { set_val(idx, get_val(idx)1); return 0; } } //只测试非负数的情况; //假如考虑负数的话,需增加一个2-bitmap数组. int a[]={1, 3, 5, 7, 9, 1, 3, 5, 7, 1, 3, 5,1, 3, 1,10,2,4,6,8,0}; int main() { int i; memset(flags, 0, sizeof(flags)); printf("原数组为:"); for(i=0;i < sizeof(a)/sizeof(int); i) { printf("%d ", a[i]); add_one(a[i]); } printf("\r\n"); printf("只出现过一次的数:"); for(i=0;i < 100; i) { if(get_val(i) == 1) printf("%d ", i); } printf("\r\n"); return 0; }

以上就是关于bitmap的全部内容，相信你一定会非常满意。

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